2017年淮安中考物理試卷答案解析及word文字版下載（難度系數點評）

一、選擇題（本題共10小題，每小題2分，共20分，每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合題意的）
1．生活中經常需要控制噪聲，以下措施中，屬于在傳播過程中減弱噪聲的是（　　）
A．道路兩旁載行道樹B．考場周圍禁鳴喇叭
C．機場員工佩戴耳罩D．建筑工地限時工作
【分析】噪聲的減弱辦法有三個：在聲源處減弱；在人耳處減弱；在傳播過程中減弱．
【解答】解：A、道路兩旁載行道樹可以在噪聲的傳播過程中減弱噪聲，故A符合題意；
B、考場周圍禁鳴喇叭是從噪聲的產生處減弱噪聲，故B不符合題意；
C、戴上防噪聲的耳塞可以在噪聲的接受處減弱噪聲，故C不符合題意；
D、限制建筑工地的工作時間是從噪聲的產生處減弱噪聲，故D不符合題意；
故選A．
【點評】噪聲的減弱辦法是針對聲音的產生、傳播、接收這三個過程來采取措施的．兩者對應起來，可以簡化對噪聲減弱辦法的記憶．
　
2．地面與航天器之間傳輸信息的載體是（　　）
A．超聲波B．次聲波C．電磁波D．光導纖維
【分析】由于聲音不能在真空中傳播，而電磁波能在真空中傳播，且在真空中的傳播速度最快，故當代的航天、航空領域的通信都是通過電磁波實現的，故地面發出的指令通過電磁波傳遞給衛星．
【解答】解：電磁波可以在真空中傳播，因此地面與航天器之間傳輸信息的載體是電磁波．
故選C．
【點評】本題考查了電磁波的傳播特點，知道電磁波可以在真空中傳播即可解答此題．
　
3．汽油機的一個工作循環分為四個沖程，每個沖程都伴隨著能量的轉移或轉化，其中主要將機械能轉化為內能的沖程是（　　）
A．吸氣沖程B．壓縮沖程C．做功沖程D．排氣沖程
【分析】汽油機一個工作循環有四個沖程，分別是吸氣、做功、壓縮和排氣；做功沖程對外做功，將內能轉化為機械能；壓縮沖程也有能量轉化，將機械能轉化為內能．
【解答】解：
在汽油機一個工作循環的四個沖程中，壓縮沖程活塞向上運動，壓縮燃料混合物對其做功，使氣缸內的氣體的內能增加，溫度升高，故是將機械能轉化為內能，故B正確．
故選B．
【點評】此題主要考查了內燃機的四個沖程及能量轉化情況，是一道基礎性題目．
　
4．日常生活中經常需要增大或減小摩擦，下列實例中，為了增大摩擦的是（　　）
A．給自行車的車軸處加潤滑油
B．汽車輪胎表面凹凸不的花紋
C．縫衣針的表面做得很光滑
D．為了移動重物，在它下面墊上圓柱形鋼管
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接觸面粗糙程度一定時，通過增大壓力來增大摩擦力；在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大

摩擦力．
（2）減小摩擦力的方法：在接觸面粗糙程度一定時，通過減小壓力來減小摩擦力；在壓力一定時，通過減小接觸面的粗糙程度來減小摩擦力；使接觸面脫離；用滾動摩擦代替滑動摩擦．
【解答】解：A、給自行車的車軸處加潤滑油，是在壓力一定時，通過減小接觸面的粗糙程度來減小摩擦力；故A不合題意；
B、汽車輪胎表面凹凸不的花紋，是在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力．故B符合題意；
C、縫衣針的表面做得很光滑，是在壓力一定時，通過減小接觸面的粗糙程度來減小摩擦力．故C不合題意；
D、為了移動重物，在它下面墊上圓柱形鋼管，是用滾動代替滑動來減小摩擦力．故D不合題意．
故選B．
【點評】本題在考查影響滑動摩擦力大小的兩個因素的同時，也考查了學生運用所學知識分析實際問題的能力，要求學生在生活中多注意觀察，并學會應用，增大有益摩擦，減小有害摩擦，使其更好地為人類服務．
　
5．如圖為“神舟十號”與“天宮一號”對接時的示意圖，成功對接后，若認為“神舟十號”處于靜止狀態，則選取的參照物可能是（　　）

A．地球B．月球C．太陽D．“天宮一號”
【分析】被研究的物體和參照物之間如果發生位置的改變，被研究的物體是運動的，如果沒有發生位置的改變，被研究的物體是靜止的．
【解答】解：“
神舟九十號”飛船與“天宮一號”目標飛行器對接后，若認為“天宮一號”為參照物，“神舟十號”飛船和“天宮一號”的位置沒有變化，所以選擇“天宮一號”為參照物，“神舟十號”是靜止的，故D正確．
故選D．
【點評】研究同一物體的運動狀態，如果選擇不同的參照物，得出的結論可以不同，但都是正確的結論．
　
6．下列四種用電器，其中主要是利用電流熱效應來工作的是（　　）
A．
電風扇B．
電冰箱C．
電視機D．
電水壺
【分析】電流流過導體時，導體要發熱，這種現象是電流的熱效應．發生電流的熱效應時，電能轉化為內能．
【解答】解：
A、電風扇工作時，主要是電能轉化為機械能，不是利用電流的熱效應，故A不符合題意；
B、電冰箱是利用通電線圈在磁場中受到磁場力而轉動，將電能轉化成機械能，不是利用電流的熱效應，故B不符合題意；
C、電視機、電腦工作時主要轉化為光能和聲能，不是利用電流的熱效應，故C不符合題意；
D、電飯鍋工作時，電能轉化為內能，是利用電流的熱效應，故D符合題意．
故選D．
【點評】利用電流的熱效應工作的家用電器工作時，都是電能轉化為內能，這是判斷的關鍵．
　
7．如圖所示是某種物質發生物態變化過程中溫度隨時間變化的圖象，其中BC段表示的可能是（　　）
A．晶體的熔化過程B．晶體的凝固過程
C．非晶體的熔化過程D．非晶體的凝固過程
【分析】根據原圖的曲線走向，可以首先判斷出此圖是某物體的凝固過程，而只有晶體才有凝固點，可根據上述分析判斷出正確的選項．
【解答】解：（1）由圖知：溫度隨時間的增加而降低，所以是凝固過程；排除AC；
（2）在溫度變化過程中，有一條行于橫軸（時間）的線段，說明在此段時間內溫度沒有發生變化，所以此時間的溫度值即為該物體的凝固點，而只有晶體才有凝固點，可以排除D，故B正確．
故選B．
【點評】此題不但要根據圖象判斷出是熔化還是凝固現象，還要了解晶體有凝固點而非晶體沒有凝固點．
在凝固過程中，要注意，當物體的溫度達到凝固點時，雖然此過程仍然是放熱過程，但是溫度不會發生變化．
　
8．如圖所示，木塊在水拉力F作用下，在水桌面上向右做勻速直線運動，下列與拉力F相衡的力是（　　）
A．木塊受到的重力B．木塊對桌面的壓力
C．桌面對木塊的摩擦力D．桌面對木塊的支持力
【分析】物體靜止或做勻速直線運動時處于衡狀態，對木塊受力分析然后得出答案．
【解答】解：木塊在水拉力F作用下，在水桌面上向右做勻速直線運動時處于衡狀態，受到的力為衡力，
水方向木塊受到水向右的拉力和水向左的摩擦力是一對衡力，
豎直方向受到豎直向上的支持力和自身豎直向下的重力是一對衡力，故ABD錯誤，C正確．
故選C．
【點評】本題考查了衡力的辨別，可以根據二力衡的四個條件進行判斷，也可以根據狀態進行判斷．
　
9．小明房間里準備安裝一盞吊燈和一盞壁燈，要求它們能根據需要各自獨立工作，下列設計的四種電路中，符合要求的是（　　）
A．B．C．D．
【分析】由題意可知，一盞吊燈和一盞壁燈需要各自獨立工作，說明它們的連接方式是并聯．
【解答】解：A．由電路圖可知，吊燈和壁燈并聯，且各有一個開關控制，能各自獨立工作，故A正確；
B．由電路圖可知，開關閉合時吊燈和壁燈同時工作，開關斷開時兩者都不工作，達不到各自獨立工作的要求，故B錯誤；
C．由電路圖可知，吊燈只有在壁燈工作時才能工作，達不到各自獨立工作的要求，故C錯誤；
D．由電路圖可知，兩開關斷開時，吊燈和壁燈串聯，不能正常工作，且吊燈不能獨立工作，故D錯誤．
故選A．
【點評】本題考查了串、并聯電路的設計，知道各用電器獨立工作時應并聯且有一個開關控制是關鍵．
　
10．如圖甲所示，蠟燭a在豎直放置的面鏡MN中所成像為a′，現將該面鏡豎直向下移動一段距離至圖乙所示位置，則蠟燭a在面鏡中（　　）

A．不成像
B．仍成像，但像下移距離與面鏡下移距離相同
C．仍成像，但像下移距離是面鏡下移距離的兩倍
D．仍成像，且像還在原來位置
【分析】根據面鏡成像特點可知面鏡所成的像和物體關于面鏡對稱，物體到面鏡的距離和像到面鏡的距離相等，作圖分析．
【解答】解：在圖乙中作蠟燭a在面鏡中的像點a′，根據面鏡成像特點可知面鏡所成的像和物體關于面鏡對稱，物體到面鏡的距離和像到面鏡的距離相等，可知，仍成像，且像還在原來位置，如圖所示：

故選D．
【點評】本題主要考查了面鏡成像特點的實驗及其應用．這是光學中的一個重點，也是幾年來中考經常出現的題型，要求學生熟練掌握，并學會靈活運用．
　
二、填空題（本題共9小題，每空1分，共22分）
11．酒精和水充分混合后，其總體積　小于　（選填“大于”、“小于”或“等于”）混合前的總體積，此現象說明組成物質的分子間有　空隙　．
【分析】根據分子動理論的內容回答：物質都是由分子組成的，分子之間存在一定的空隙，并且分子在永不停息地做無規則運動，分子之間總存在相互作用的引力和斥力．
【解答】解：酒精和水都是由分子構成的物質，它們的分子之間都存在一定的空隙．當把酒精和水混合以后，兩種分子不發生化學反應，兩種物質的分子相互穿插滲透，進入彼此的分子空隙，所以總體積會小于二者的體積之和．
故答案為：小于；空隙．
【點評】本題主要考查學生對分子動理論知識的了解和掌握，是一道基礎題．
　
12．如圖所示，用酒精燈對裝有水的燒瓶加熱一段時間后，發現燒瓶中水量減少，這是由于水　汽化　造成的，而瓶口上方的金屬盤底部出現水滴是由于水蒸氣發生　液化　形成的，該變化過程需要　放　熱（前兩空填物態變化名稱）．

【分析】物質從液態變成氣態稱為汽化，汽化吸熱；物質從氣態變成液態稱為液化，液化放熱．
【解答】解：
當用酒精燈給燒瓶中的水加熱時，瓶中的水吸熱會發生汽化現象，水變成水蒸氣，瓶內的水減少；
燒瓶中汽化的水蒸氣上升遇到溫度較低的金屬盤就會液化形成小水滴，該變化過程需要向低溫物體放熱．
故答案為：汽化；液化；放．
【點評】此題考查了液態和氣態之間的相互轉化，通過具體的實驗加深對物態變化的理解與掌握．
　
13．能源開發和利用技術的進步是人類社會文明發展的重要標志，在煤、石油、風能和太陽能這幾種能源中，屬于不可再生能源的有　煤和石油　，屬于清潔能源的有　風能和太陽能　．
【分析】使用之后可以在短時間內從自然界中再次產生的能源是可再生能源，使用之后在短時間內無法在自然界中再次產生的能源是不可再生能源；
在使用過程對自然界沒有污染的能源屬于清潔能源．
【解答】解：
煤、石油是化石能源是短時間內不能再次產生的，是不可再生能源；
太陽能、風能在短時間內可以再次產生，是可再生能源；風能、太陽能是清潔能源．
故答案為：煤和石油；風能和太陽能．
【點評】本題需要學生知道常見的可再生能源和不可再生能源，知道哪些能源是清潔能源．
　
14．一重物掛在彈簧測力計下，彈簧測力計示數為2N，將重物浸沒在水中，彈簧測力計示數為1.2N，此時重物所受浮力為　0.8　N；若改變重物浸沒在水中的深度，重物所受浮力大小　不變　．
【分析】空氣中彈簧測力計的示數即為物體的重力，又知道重物浸沒在水中時彈簧測力計的示數，根據稱重法求出物體受到的浮力；根據阿基米德原理可知改變重物浸沒在水中深度時所受浮力的變化．
【解答】解：將重物浸沒在水中時受到的浮力：
F浮=G?F′=2N?1.2N=0.8N，
因改變重物浸沒在水中的深度時，排開水的體積不變，
所以，由F浮=ρ水gV排可知，重物所受浮力大小不變．
故答案為：0.8；不變．
【點評】本題考查了稱重法求浮力和阿基米德原理的應用，要注意物體受到的浮力與浸沒的深度無關．
　
15．總質量為2×104kg的坦克靜止在水地面上，履帶與地面的總接觸面積為4m2，則坦克對地面的壓力為　2×105　N，壓強為　5×104　Pa（g取10N/kg）．
【分析】已知坦克的質量，可求得其重力，此時坦克對水地面的壓力等于本身的重力，根據公式p=可求壓強．
【解答】解：坦克對水地面的壓力F=G=mg=2×104kg×10N/kg=2×105N，
對地面壓強p===5×104Pa．
故答案為：2×105；5×104．
【點評】本題考查壓力和壓強的計算，關鍵是知道在水地面上壓力等于物體重力，最容易出錯的是坦克與水地面的接觸面積，本題給出的是履帶與地面接觸的總面積．
　
16．如圖是人抬獨輪車車把時的簡化示意圖，此時獨輪車相當一個　省力　杠桿；若動力臂是阻力臂的3倍，物體和車總重G為1200N，則抬起車把的力F為　400　N．

【分析】（1）根據動力臂與阻力臂的大小關系判斷杠桿的類型．
（2）根據杠桿的衡條件計算動力的大小．
【解答】解：（1）如圖，抬獨輪車車把時，動力臂L1大于阻力臂L2，所以它屬于省力杠桿．
（2）由杠桿的衡條件：F1L1=F2L2得：
F1=，
又因為動力臂是阻力臂的3倍
則F1====400N．
故答案為：省力；400．

【點評】判斷杠桿的類型及計算力或力臂的大小是有關杠桿的最常見的兩個題型，所以該題是很好的一道關于杠桿的知識應用題．
　
17．如圖所示，用漆包線繞成矩形線圈，將線圈兩端的導線拉直并用刀將漆全部刮掉，作為轉動軸，將線圈放在金屬支架上，在它下面放一塊小磁體，用紙做一個小風車固定在轉動軸上，將裝置與小量程電流表相連，使小風車轉動，可觀察到　電流表指針偏轉　的現象，說明電路中有電流產生，此過程中　機械　能轉化為電能，若將電流表換成干電池接入電路，線圈　不能　（選填“能”或“不能”）持續轉動．

【分析】閉合電路部分導體在磁場中做切割磁感線運動時，會產生感應電流的現象叫做電磁感應；發電機就是根據此原理制成的．
【解答】解：圖中線圈、導線和電流表組成閉合電路，線圈處在磁場中，風吹風車帶動線圈轉動切割磁感線從而產生感應電流，因此電流表指針會發生偏轉；與發電機相同，并且將機械能轉化為了電能；
若將圖中電流表換成干電池，則無風吹時，由于通電線圈處在磁場中故而受力轉動，但線圈轉動至衡位置因線圈兩端的絕緣漆全部刮掉，無法改變線圈中的電流從而不能持續轉動下去．
故答案為：電流表指針偏轉；機械；不能．
【點評】此題考查了法拉第的電磁感應實驗，要抓住條件：閉合、部分、切割，這是解題關鍵．
　
18．如圖所示電路中，電源電壓為3V，閉合開關S后，電流表示數為0.4A，電壓表示數為1V，則R1的阻值是　2.5　Ω，將滑動變阻器R1的滑片向右移動，電流表示數變　大　，電壓表示數變　小　．

【分析】由電路圖可知，R1與R2串聯，電壓表測R1兩端的電壓，電流表測電路中的電流．根據歐姆定律求出R1的阻值，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據歐姆定律可知電路中電流的變化和R2兩端的電壓變化，根據串聯電路的電壓特點可知電壓表示數的變化．
【解答】解：由電路圖可知，R1與R2串聯，電壓表測R1兩端的電壓，電流表測電路中的電流．
由I=可得，R1的阻值：
R1===2.5Ω，
將滑動變阻器R1的滑片向右移動，接入電路中電阻變小，電路中的總電阻變小，
由I=可知，電路中的電流變大，即電流表的示數變大；
由U=IR可知，R2兩端的電壓變大，
因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，
所以，R1兩端的電壓變小，即電壓表的示數變小．
故答案為：2.5；大；小．
【點評】本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律以及電路的動態分析，電壓表示數的判斷也可以根據串聯電路的分壓特點進行解答．
　
19．用下列方法制作如圖所示的“噴氣火箭”：①將氣球吹大，并用夾子把口封緊；②從一根吸管上剪取一小段，用膠帶把它固定在氣球上；③將一根細繩穿過吸管，并水拉直，作為“噴氣火箭”運動的軌道，把封口的夾子松開，氣球就會向　右　（選填“左”或“右”）運動，使氣球由靜止變為運動的力的施力物體是　空氣　，此現象說明力可以改變物體的　運動狀態　．

【分析】物體間力的作用是相互的；
力可以改變物體的形狀，也可以改變物體的運動狀態，物體速度的變化和方向的改變都屬于運動狀態的改變．
【解答】解：把封口的夾子松開，氣球向左噴出空氣的同時由靜止開始向右運動，這是因為力的作用是相互的，噴氣的同時，氣球也受到了空氣對它的反作用力；因此使氣球由靜止變為運動的力的施力物體是空氣，此現象說明力可以改變物體的運動狀態．
故答案為：右；空氣；運動狀態．
【點評】此題主要考查了力的作用效果、物體間力作用的相互性等，難度不大，屬于基礎知識．
　
三、解答題（本題共7小題，共38分，解答第22、23題時，應寫出解題過程）
20．按照題目要求作圖：

（1）畫出圖甲中入射光線對應的反射光線；
（2）畫出圖乙中小球A所受重力的示意圖；
（3）在圖丙中畫出拉力F的力臂l（O為支點）；
（4）用筆畫線代替導線，將圖丁中的開關和燈泡正確連入家庭電路中．
【分析】（1）根據反射定律進行分析，即根據反射角等于入射角作出反射光線．
（2）根據重力的方向是豎直向下的，過重心做豎直向下的力即可．
（3）畫力臂的步驟：①找到支點O；②用虛線延長力的作用線；③做支點到力的作用線的垂線；④標注出力臂L．
（4）燈泡經開關與火線連接，右側接到零線上．
【解答】解：（1）使入射光線、反射光線和法線在同一面內，過反射點作法線，使反射角等于入射角作出反射光線，如圖所示：
（2）重力的方向是豎直向下的，過重心畫一條帶箭頭的豎直向下的有向線段，用G表示，如圖所示：
（3）用虛線延長力F的作用線，做O到力的作用線的距離．標出力臂L．如圖所示：
（4）開關和燈泡是串聯的．燈泡經開關與火線連接，右側接到零線上．如圖所示：

【點評】（1）本題利用了光的反射定律作圖：反射光線、入射光線、法線在同一面內，反射光線和入射光線分居法線的兩側，反射角等于入射角．
（2）本題考查了重力的示意圖的作法．不管物體怎樣運動，重力的方向總是豎直向下的．
（3）根據畫力臂的步驟，能進行力臂的畫圖，或根據已知力臂，在杠桿上畫出力．
（4）掌握家庭電路中兩孔插座、三孔插座、開關、燈泡的接法．連接家庭電路既要保證用電器的正常工作，又要保證使用的安全性．
　
21．小明想通過實驗來測定一只金屬螺母的密度．

（1）將天放在水臺面上，游碼移到標尺左端“0”刻度線處，觀察到指針指在分度盤上的位置如圖甲所示，此時應將衡螺母向　左　調節，使指針對準分度盤中央的刻度線．
（2）用調節好的天測量金屬螺母的質量，天衡時所用砝碼和游碼在標尺上的位置如圖乙所示，則金屬螺母質量為　63.2　g．
（3）將用細線系住的金屬螺母放入裝有30mL水的量筒內，量筒內水面如圖丙所示，則金屬螺母的體積為　8　cm3．
（4）金屬螺母的密度為　7.9　g/cm3．
【分析】（1）調節天衡時，如果指針偏向分度盤的右側，應向左調節衡螺母；如果指針偏向分度盤的左側，應向右調節衡螺母；根據圖示情景判斷螺母的移動方向．
（2）砝碼與游碼示數之和是所測物體的質量．
（3）金屬螺母與水的體積之和與水的體積之差是金屬塊的體積．
（4）由密度公式可以求出金屬螺母的密度．
【解答】解：（1）由圖甲所示可知，指針偏向分度盤的右側，應向左調節衡螺母，使天衡．
（2）由圖乙所示可知，金屬螺母的質量m=50g+10g+3.2g=63.2g．
（3）由圖丙所示可知，金屬螺母的體積V=38ml?30ml=8ml=8cm3，
（4）金屬螺母的密度ρ===7.9g/cm3．
故答案為：（1）右；（2）63.2；（3）8；（4）7.9．
【點評】本題考查了天的調節與讀數、量筒讀數、求密度等問題；要掌握天的使用方法、讀數方法，求出金屬塊的質量與體積，應用密度公式即可求出其密度．
　
22．如圖所示，工人工500N拉力F，將重為900N的木箱勻速提升3m，所用時間為20s，求：
（1）拉力F做的有用功；
（2）拉力F做功的功率；
（3）動滑輪的機械效率．

【分析】（1）根據W有用=Gh求出有用功；
（2）根據W總=Fs=F2h求出總功，再根據P=求出拉力做功的功率；
（3）根據η=求出機械效率．
【解答】已知：拉力F=500N，物重G=900N，高度h=3m，時間t=20s
求：（1）有用功W有用=？；（2）拉力F做功的功率P=？；（3）動滑輪的機械效率η=？
解：（1）有用功W有用=Gh=900N×3m=2700J；
（2）總功W總=Fs=F2h=500N×2×3m=3000J，
拉力F做功的功率P===150W；
（3）動滑輪的機械效率η=×100%=×100%=90%．
答：（1）拉力F做的有用功2700J；
（2）拉力F做功的功率150W；
（3）動滑輪的機械效率90%．
【點評】此題主要考查的是學生對有用功、總功、功率、機械效率計算公式的理解和掌握，基礎性題目．
　
23．如圖是電飯鍋工作原理的簡化電路圖，電飯鍋有兩檔，分別是高溫燒煮和低溫燜飯，S1為檔位自動控制開關，R0和R均為電熱絲，R0的阻值為1210Ω，該電飯鍋銘牌技術參數如表所示（低溫燜飯檔額定功率模糊不清）．求：
某型號電飯鍋
額定電壓220V
額定功率高溫燒煮840W
低溫燜飯
電源頻率50Hz
（1）電飯鍋高溫燒煮0.5h消耗的電能；
（2）電飯鍋低溫燜飯時的額定功率；
（3）電熱絲R的阻值．

【分析】（1）知道電飯鍋高溫燒煮的功率和燒煮時間，根據W=Pt求出電飯鍋高溫燒煮0.5h消耗的電能；
（2）當開關S閉合、S1斷開時，僅有R0接入電路，電路電阻較大，根據P=可知，此時電飯鍋處于低溫燜飯狀態，進而求出電飯鍋低溫燜飯時的額定功率；
（3）當開關S、S1都閉合時，電熱絲R、R0并聯接入電路，電路電阻較小，根據P=可知，此時電飯鍋處于高溫燒煮狀態，用電飯鍋高溫燒煮的功率減去低溫燜飯時的額定功率即得電熱絲R消耗的電功率，最后根據R=求出電熱絲R的阻值．
【解答】解：（1）電飯鍋高溫燒煮的功率P高=840W，燒煮時間t=0.5h=1800s，
由P=得，電飯鍋高溫燒煮消耗的電能：
W=P高t=840W×1800s=1.512×106J．
（2）當開關S閉合、S1斷開時，僅有R0接入電路，電路電阻較大，
根據P=可知，電壓一定時，電路電阻越大，電功率越小，此時電飯鍋處于低溫燜飯狀態；
電飯鍋低溫燜飯時的額定功率：
P低===40W．
（3）當開關S、S1都閉合時，電熱絲R、R0并聯接入電路，電路電阻較小，
根據P=可知，電壓一定時，電路電阻越小，電功率越大，此時電飯鍋處于高溫燒煮狀態；
則電熱絲R消耗的電功率：
P=P高?P低=840W?40W=800W，
由P=得，電熱絲R的阻值：
R===60.5Ω．
答：（1）電飯鍋高溫燒煮0.5h消耗的電能為1.512×106J；
（2）電飯鍋低溫燜飯時的額定功率為40W；
（3）電熱絲R的阻值為60.5Ω．
【點評】本題考查了電功公式和電功率公式的靈活應用，分析當S、S0處于不同狀態時的電路連接方式，根據電功率公式判斷電飯鍋的狀態是本題的難點．
　
24．在“探究凸透鏡成像規律”的實驗中：
（1）發光體“F”、凸透鏡（焦距為f）和光屏在光具座上的位置如圖所示，實驗前應將光屏向　下　調整，使發光體“F”和光屏的中心位于凸透鏡的主光軸上．
（2）保持圖中發光體“F”和凸透鏡位置不變，左右移動光屏，直到在光屏上成清晰的像，這個像是倒立、　縮小　的實像，生活中的　照相機　就是利用這一原理工作的．
（3）將發光體“F”從圖示位置向右移至A點，要在光屏上再次成清晰的像，需將光屏向　右　移動．
（4）當光屏上呈現清晰的像時，保持發光體“F”和凸透鏡位置不變，取一只與原實驗中焦距相同但鏡面直徑較小的凸透鏡，替代原來的凸透鏡再次實驗，所成的像與原來的像相比，你可觀察到的現象有　像比原來暗　．

【分析】（1）做凸透鏡成像實驗前，要調整發光體、凸透鏡、光屏三者的中心在同一高度，使像成在光屏的中央；
（2）物體在凸透鏡的二倍焦距之外，成的像是倒立、縮小的實像，生活中的應用：照相機；
（3）凸透鏡成實像時：物像遠像變大；
（4）用焦距相同、鏡面直徑較小的凸透鏡，發光體發出的光透過凸透鏡的光線少，據此分析現象．
【解答】解：
（1）由圖知，使發光體“F”、凸透鏡、光屏三者的中心在同一高度，實驗前應將光屏向下調整；
（2）如圖，發光體“F”在二倍焦距之外，成的像是倒立、縮小的實像，生活中的照相機就是利用這一原理工作的；
（3）將發光體“F”從圖示位置向右移至A點，靠凸透鏡，像要遠離，要在光屏上再次成清晰的像，需將光屏向右移動；
（4）用另一只與原實驗中焦距相同但鏡面直徑較小的凸透鏡，替代原來的凸透鏡再次實驗，經凸透鏡的光線變少，所成的像與原來的像相比，比原來暗．
故答案為：
（1）下；（2）縮小；照相機；（3）右；（4）像比原來暗．
【點評】掌握凸透鏡成像的三種情況和應用．u＞2f，成倒立、縮小的實像，應用于照相機和攝像機；2f＞u＞f，成倒立、放大的實像，應用于幻燈機和投影儀；u＜f，成正立、放大的虛像，應用于放大鏡和老花鏡．
　
25．在“測定小燈泡電功率”的實驗中，選用器材如下：2節干電池、額定電壓為2.5V的小燈泡（額定功率小于1W）、電流表、電壓表、滑動變阻器（20Ω1A），開關和導線，圖甲所示是小明沒有連接完整的電路．

（1）請你用筆畫線代替導線，將圖甲所示的電路連接完整．
（2）正確連接好電路，閉合開關前，滑動變阻器滑片應置于最　右　（選填“左”或“右”）端．
（3）小明閉合開關后，移動滑片，發現燈泡不亮，電流表無示數，電壓表有示數，則該電路故障可能是　燈泡斷路　．
（4）小明排出故障后，通過正確操作，當燈泡正常發光時，電流表示數如圖乙所示，其值為　0.26　A，小燈泡的額定功率為　0.65　W．
【分析】（1）電壓表與被測電路并聯，電流表與被測電路串聯，根據電源電壓和小燈泡的額定功率等，可確定電表的量程；
（2）閉合開關前，滑動變阻器滑片應置于阻值最大處，據此判斷；
（3）閉合開關，燈泡不亮，可能是燈泡短路、或燈泡斷路、或燈泡之外電路存在斷路；電流表無示數，說明電路斷路；電壓表有示數，說明電壓表與電源兩極相連，電壓表并聯電路之外不存在斷路；綜合分析可知，電路故障是燈泡斷路．
（4）由圖可知，通過燈泡的電流為0.26A，又知道燈泡兩端電壓為2.5V時，根據P=UI求得燈泡的額定功率．
【解答】解：（1）電流表串聯在電路中．小燈泡正常發光的功率小于1W，由P=UI可知，I==0.4A，小燈泡正常放光的電流小于0.4A，電流表選擇0～0.6A量程；
電源為2節干電池，所以電壓不超過3V，電壓表并聯在燈泡兩端，選擇0～3V量程．電路連接如下：

（2）閉合開關前，滑動變阻器滑片應置于阻值最大處，故應置于圖中的右端；
（3）閉合開關后，燈泡不亮，電壓表有示數，電流表無示數，產生這一現象的原因是燈泡斷路．
（4）由圖可知，電流表的量程為0～0.6A，分度值為0.02A，其示數為0.26A；
小燈泡正常發光，所以電壓為2.5V，
則小燈泡的額定功率為：P=UI=2.5V×0.26A=0.65W．
故答案為：（1）見上圖：（2）右；（3）燈泡斷路；（4）0.26；0.65．
【點評】此題考查電功率的測量，涉及到小燈泡電功率實驗中電路的連接，常見的故障分析，電表的讀數，電功率的計算等，有很強的代表性，對學生的綜合分析能力要求比較高．
　
26．閱讀短文，回答問題．
茶杯的變遷
在古老的歐洲流行一種陶瓷茶杯，叫梨形杯（如圖所示），它較大的杯口使茶水有令人滿意的變涼效果．下部球形設計茶杯有較小的表面積和較大的容量，這種設計又能使茶水保溫很長時間，讓你長時間談話時可以細品熱茶．梨形杯在歐洲沿用數百年后，被廉價的圓柱形玻璃杯所代替，因為玻璃把手的發明，使玻璃杯得以更加方便地使用．
（1）如果玻璃把手的材料用金屬材料替換是否合理，并說明理由．
（2）玻璃杯除設計把手之外，還有哪些設計解決了玻璃杯使用的不便，請列舉一例　玻璃是透明的，可以清楚看到杯內水的多少　．
（3）試解釋陶瓷梨形杯能使茶水保溫很長時間的原因．　陶瓷梨形杯下部有較小的表面積，減小了散熱面積；較大的容積，裝較多的水，水的質量多，溫度降低得慢，這樣能使茶水保溫很長時間　．

【分析】（1）金屬屬于熱的良導體，而陶瓷是熱的不良導體；
（2）玻璃是透明的；
（3）陶瓷梨形杯，下部球形設計茶杯有較小的表面積和較大的容量，據此回答原因．
【解答】解：
（1）玻璃把手的材料用金屬材料替換，不合理；因為金屬是熱的良導體，不能隔熱．
（2）因為玻璃是透明的，可以清楚看到杯內水的多少．
（3）陶瓷梨形杯下部有較小的表面積，減小了散熱面積；較大的容積，裝較多的水，水的質量多，溫度降低的慢，這樣能使茶水保溫很長時間．
故答案為：
（1）不合理，金屬是熱的良導體，不能隔熱．
（2）玻璃是透明的，可以清楚看到杯內水的多少（合理即可）．
（3）陶瓷梨形杯下部有較小的表面積，減小了散熱面積；較大的容積，裝較多的水，水的質量多，溫度降低得慢，這樣能使茶水保溫很長時間．
【點評】本題考查了學生認真讀題、分析解決問題的能力，需要聯系生活實際、生活經驗解答，有意義！